Đề thi vào 10 môn Toán Vĩnh Phúc năm 2023

Đề bài

Phần I: Trắc nghiệm

Câu 1: Biểu thức $\sqrt{120-6x}$ có nghĩa khi

A. $x\ge 20$

B. $x\le 20$

C. $x<20$

D. $x>20$

Câu 2: Hàm số $y=\left(m-2023\right)x+2024$ (với $m$ là tham số) đồng biến trên $\mathbb{R}$ khi

A. $m>2023$

B. $m\ge 2024$

C. $m\le 2023$

D. $m<2024$

Câu 3: Phương trình $3x^2-7x+4=0$ có hai nghiệm $x_1,x_2$. Khi đó $\left|x_1-x_2\right|$ bằng

A. $\frac{7}{3}$

B. $-\frac{1}{3}$

C. $\frac{4}{3}$

D. $\frac{1}{3}$

Câu 4: Cho tam giác ABC vuông tại $A$, biết độ dài các cạnh $AB=6\mathrm{c}\mathrm{m},AC=8\mathrm{c}\mathrm{m}$. Bán kính đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC bằng

A. $10\mathrm{c}\mathrm{m}$

B. $5\sqrt{2}\mathrm{c}\mathrm{m}$

C. $5\mathrm{c}\mathrm{m}$

D. $\sqrt{10}\mathrm{c}\mathrm{m}$

Phần II: Tự luận

Câu 5: Giải hệ phương trình $\{\begin{array}{l}3x+2y=5\\ x-3y=9\end{array}$

Câu 6: Cho biểu thức $A=\frac{x\sqrt{x}+1}{x-1}-\frac{x-1}{\sqrt{x}+1}$ (với $x\ge 0;x\ne 1)$.

a) Rút gọn biểu thức $A$.

b) Tìm tất cả các số nguyên $x$ để $A$ nhận giá trị nguyên.

Câu 7: Cho phương trình $x^2-\left(2m+1\right)x+m^2-1=0$ (1) với $m$ là tham số.

a) Giải phương trình (1) khi $m=5$.

b) Tìm tất cả các giá trị của tham số $m$ để phương trình (1) có 2 nghiệm $x_1,x_2$ thỏa mãn điều kiện $\left(x_1^2-2m{x}_1+m^2\right)\left(x_2+1\right)=4.$

Câu 8: Một hãng taxi công nghệ cao có giá cước (giá tiền khách hàng phải trả cho mỗi km) được tính theo các mức như sau:

Mức 1: Giá mở cửa cho $1\mathrm{k}\mathrm{m}$ đầu tiên là 20000 đồng;

Mức 2: Từ trên $1\mathrm{k}\mathrm{m}$ đến $25\mathrm{k}\mathrm{m}$;

Mức 3: Từ trên $25\mathrm{k}\mathrm{m}$.

Biết rằng anh $\mathrm{A}$ đi $32\mathrm{k}\mathrm{m}$ phải trả tiền taxi là 479500 đồng còn chị $\mathrm{B}$ đi $41\mathrm{k}\mathrm{m}$ phải trả 592000 đồng. Hỏi giá cước của hãng taxi trên ở mức 2 và mức 3 là bao nhiêu? Nếu khách hàng đi $24\mathrm{k}\mathrm{m}$ thì phải trả taxi bao nhiêu tiền?

Câu 9: Cho đường tròn $\left(O\right)$ và $BC$ là một dây cung khác đường kính của $\left(O\right),A$ là điểm di động trên cung lớn $BC$ sao cho $AC>AB\left(A\ne B\right)$. Gọi $D$ là chân đường phân giác trong góc $\widehat{BAC}$ $\left(D\in BC\right)$. Đường thẳng đi qua $O$ và vuông góc với $BC$ cắt đường thẳng $AD$ tại $E$. Kẻ $EH,EK$ lần lượt vuông góc với $AB$ và $AC\left(H\in AB,K\in AC\right)$.

a) Chứng minh $EHAK$ là tứ giác nội tiếp.

b) Gọi $F$ là tâm đường tròn nội tiếp tam giác $ABC$. Chứng minh điểm $E$ thuộc đường tròn $\left(O\right)$ và $E$ là tâm đường tròn ngoại tiếp tam giác $BCF$.

c) Gọi $M,N,I$ lần lượt là trung điểm của các đoạn thẳng $AE,BE$ và $BC$. Chứng minh $BMDN$ là tứ giác nội tiếp. Xác định vị trí điểm $A$ để bốn điểm $H,N,I,K$ thẳng hàng.

Câu 10: Cho các số thực a, b, c sao cho phương trình $a{x}^2+bx+c+2023=0$ nhận $x=1$là nghiệm. Tìm giá trị nhỏ nhất của biểu thức:

$P=\sqrt{3a^2-2ab+3b^2}+\sqrt{5b^2-6bc+5c^2}+\sqrt{6c^2-8ca+6a^2}$

----- HẾT -----

Lời giải chi tiết

Phần I: Trắc nghiệm

Câu 1 (TH):

Phương pháp:

Biểu thức có nghĩa khi $120-6x\ge 0$.

Cách giải:

Biểu thức $\sqrt{120-6x}$ có nghĩa khi $120-6x\ge 0$ hay $x\le 20$.

Chọn B.

Câu 2 (NB):

Phương pháp:

Hàm số đồng biến khi a > 0.

Cách giải:

Hàm số $y=\left(m-2023\right)x+2024$ đồng biến khi $m-2023>0$ hay $m>2023$.

Chọn A.

Câu 3 (VD):

Phương pháp:

Xét hệ số a + b + c để tìm ra 2 nghiệm của phương trình.

Cách giải:

Phương trình $3x^2-7x+4=0$ có $3+(-7)+4=0$ nên phương trình có 2 nghiệm là 1 và $\frac{4}{3}$.

Khi đó $\left|x_1-x_2\right|=\left|1-\frac{4}{3}\right|=\frac{1}{3}$

Chọn D.

Câu 4 (TH):

Phương pháp:

Áp dụng định lí pytago tìm độ dài cạnh còn lại của tam giác ABC. Từ đó tìm được bán kính đường tròn ngoại tiếp bằng một nửa cạnh BC.

Cách giải:

Áp dụng định lí pytago trong tam giác vuông ABC ta có:

$B{C}^2=A{B}^2+A{C}^2$ hay $B{C}^2=6^2+8^2=100$Suy ra BC = 10 cm

Vì tam giác ABC vuông tại A nên BC là đường kính của đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC.

Vậy bán kính đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC là 5 cm.

Chọn C.

Phần II: Tự luận

Câu 5 (TH):

Phương pháp:

Giải hệ phương trình bằng phương pháp cộng đại số hoặc phương pháp thế.

Cách giải:

$\{\begin{array}{l}3x+2y=5\\ x-3y=9\end{array}\iff \{\begin{array}{l}3x+2y=5\\ 3x-9y=27\end{array}\iff \{\begin{array}{l}11y=-22\\ x=9+3y\end{array}\iff \{\begin{array}{l}y=-2\\ x=3\end{array}$

Vậy hệ phương trình có nghiệm $\left(x;y\right)=\left(3;-2\right)$.

Câu 6 (VD):

Phương pháp:

a) Sử dụng hằng đẳng thức để rút gọn.

b) Tách $A=1+\frac{1}{\sqrt{x}-1}$ từ đó tìm x để A nhận giá trị nguyên.

Cách giải:

a) Rút gọn biểu thức $A$.

$A=\frac{x\sqrt{x}+1}{x-1}-\frac{x-1}{\sqrt{x}+1}$

$A=\frac{x\sqrt{x}+1}{\left(\sqrt{x}+1\right)\left(\sqrt{x}-1\right)}-\frac{\left(x-1\right)\left(\sqrt{x}-1\right)}{\left(\sqrt{x}+1\right)\left(\sqrt{x}-1\right)}$

$A=\frac{x\sqrt{x}+1-\left(x\sqrt{x}-x-\sqrt{x}+1\right)}{\left(\sqrt{x}+1\right)\left(\sqrt{x}-1\right)}$

$A=\frac{x\sqrt{x}+1-x\sqrt{x}+x+\sqrt{x}-1}{\left(\sqrt{x}+1\right)\left(\sqrt{x}-1\right)}$

$A=\frac{x+\sqrt{x}}{\left(\sqrt{x}+1\right)\left(\sqrt{x}-1\right)}$

$A=\frac{\sqrt{x}\left(\sqrt{x}+1\right)}{\left(\sqrt{x}+1\right)\left(\sqrt{x}-1\right)}$

$A=\frac{\sqrt{x}}{\sqrt{x}-1}.$

Vậy$A=\frac{\sqrt{x}}{\sqrt{x}-1}$với $x\ge 0;x\ne 1$.

b) Tìm tất cả các số nguyên $x$ để $A$ nhận giá trị nguyên.

Ta có $A=\frac{\sqrt{x}}{\sqrt{x}-1}=\frac{\sqrt{x}-1+1}{\sqrt{x}-1}=1+\frac{1}{\sqrt{x}-1}$

Với x nguyên để A nguyên thì $1+\frac{1}{\sqrt{x}-1}\in \mathbb{Z}\Rightarrow \frac{1}{\sqrt{x}-1}\in \mathbb{Z}\Rightarrow \sqrt{x}-1\in \left\{-1,1\right\}$

$\sqrt{x}-1=1\iff \sqrt{x}=2\iff x=4$ (thỏa mãn)

$\sqrt{x}-1=-1\iff \sqrt{x}=0\iff x=0$ (thỏa mãn)

Vậy $x\in \left\{0,4\right\}$ thì P nguyên.

Câu 7 (VD):

Phương pháp:

a) Thay m = 5 vào phương trình (1) và thực hiện giải.

b) Áp dụng hệ thức vi-ét $\{\begin{array}{l}{x}_1+x_2=-\frac{b}{a}\\ x_1{x}_2=\frac{c}{a}\end{array}$

Cách giải:

a) Thay m = 5 vào phương trình (1) ta được:

$x^2-\left(2.5+1\right)x+5^2-1=0$ $\iff x^2-11x+24=0$

Ta có $\mathrm{\Delta }={\left(-11\right)}^2-4.1.24=25>0$ nên phương trình có 2 nghiệm phân biệt $\iff [\begin{array}{l}x=\frac{11+\sqrt{25}}{2}=8\\ x=\frac{11-\sqrt{25}}{2}=3\end{array}$

Vậy với m = 5 phương trình (1) có tập nghiệm $S=\left\{3,8\right\}$

b) Ta có $\mathrm{\Delta }={\left[-\left(2m+1\right)\right]}^2-4.1.\left(m^2-1\right)$

            $\begin{array}{l}=4m^2+4m+1-4m^2+4\\ =4m+5\end{array}$

Để phương trình (1) có 2 nghiệm $x_1,x_2$ thì $\mathrm{\Delta }\ge 0\iff 4m+5\ge 0\iff m\ge -\frac{5}{4}$

Khi đó theo Vi-ét $\{\begin{array}{l}{x}_1+x_2=2m+1\\ x_1{x}_2=m^2-1\end{array}$

Vì $x_1$ là nghiệm của phương trình (1) nên ta có: ${x_1}^2-\left(2m+1\right)x_1+m^2-1=0$

$\iff {x_1}^2-2m{x}_1+m^2=x_1+1$

Ta có: $\left({x_1}^2-2m{x}_1+m^2\right)\left(x_2+1\right)=4$

$\begin{array}{l}\iff \left(x_1+1\right)\left(x_2+1\right)=4\\ \iff x_1{x}_2+x_1+x_2+1=4\\ \iff m^2-1+2m+1+1=4\\ \iff m^2+2m-3=0\\ \iff [\begin{array}{c}m=1(TM)\\ m=-3(KTM)\end{array}\end{array}$

Vậy $m=1$ là giá trị cần tìm.

Câu 8 (VD):

Phương pháp:

Giải bài toán bằng cách lập hệ phương trình.

Cách giải:

Gọi giá cước của hãng taxi trên ở mức 2 là x (đồng); giá cước của hãng taxi trên ở mức 3 là y (đồng $\left(0\le x,y\right)$

Theo đề bài,

Anh A đi 32 km phải trả tiền taxi là 479500 đồng thì anh A phải trả tiền 1 km theo mức 1; trả (25 - 1) = 24 km theo mức 2 và trả (32 – 25) = 7 km theo mức 3 nên ta có phương trình: $20000+24x+7y=479500\iff 24x+7y=459500$ (1)

Chị B đi 41 km phải trả 592000 đồng thì chị B phải trả tiền 1 km theo mức 1; trả (25 - 1) = 24 km theo mức 2 và trả (41 – 25) = 16 km theo mức 3 nên ta có phương trình:$20000+24x+16y=592000\iff 24x+16y=572000$(2)

Từ (1) và (2) ta có hệ phương trình:

$\{\begin{array}{l}24x+7y=459500\\ 24x+16y=572000\end{array}$

$\iff \{\begin{array}{l}9y=112500\\ 24x+16y=572000\end{array}$

$\iff \{\begin{array}{l}y=12500\\ x=\frac{572000-16.12500}{24}\end{array}$

$\iff \{\begin{array}{l}x=15500\\ y=12500\end{array}$

Nếu khách hàng đi 24 km thì khách hàng phải trả tiền 1 km theo mức 1; (24 – 1) = 23 km theo mức 2, khi đó số tiền khách hàng phải trả là:

$20000+23.15500=376500$(đồng)

Vậy giá cước của hãng taxi trên ở mức 2 là 15500 đồng, ở mức 3 là 12500 đồng và khách hàng đi 24 km phải trả 376500 đồng.

Câu 9 (VDC):

Cách giải:

a) Chứng minh EHAK là tứ giác nội tiếp.

Xét tứ giác EHAK có:

$\begin{array}{l}\mathrm{\angle }AHE={90}^0\left(doEH\mathrm{\perp }AB\right)\\ \mathrm{\angle }AKE={90}^0\left(doCEK\mathrm{\perp }AC\right)\\ \Rightarrow \mathrm{\angle }AHE+\mathrm{\angle }AKE={90}^0+{90}^0={180}^0\end{array}$

Mà hai đỉnh H, K là hai đỉnh đối diện nên EHAK là tứ giác nội tiếp (dhnb).

b) Gọi F là tâm đường tròn nội tiếp tam giác ABC. Chứng minh điểm E thuộc đường tròn (O) và E là tâm đường tròn ngoại tiếp tam giác BCF.

Chứng minh điểm E thuộc đường tròn (O).

Vì E thuộc phân giác của góc $\mathrm{\angle }BAC$ nên $EH=EK$ (tính chất).

Vì OE qua O và vuông góc với BC $\Rightarrow OE$ đi qua trung điểm của BC (quan hệ vuông góc giữa đường kính và dây cung) $\Rightarrow EB=EC$ (tính chất).

Xét tam giác vuông EBH và tam giác vuông ECK có:

$\begin{array}{l}\mathrm{\angle }EHB=\mathrm{\angle }EKC={90}^0\\ EB=EC\left(cmt\right)\\ EH=EK\left(cmt\right)\end{array}$

$\Rightarrow \mathrm{\Delta }EBH=\mathrm{\Delta }ECK$ (cạnh góc vuông – cạnh huyền)

$\Rightarrow \mathrm{\angle }EBH=\mathrm{\angle }ECK=\mathrm{\angle }ACE$ (hai góc tương ứng).

Mà $\mathrm{\angle }EBH+\mathrm{\angle }ABE={180}^0$ (kề bù)

$\Rightarrow \mathrm{\angle }ACE+\mathrm{\angle }ABE={180}^0$

Mà B, C là hai đỉnh đối nhau nên ABEC là tứ giác nội tiếp (dhnb).

Lại có A, B, C cùng thuộc (O) nên ABEC nội tiếp đường tròn (O).

Vậy E thuộc đường tròn (O) (đpcm).

Chứng minh E là tâm đường tròn ngoại tiếp tam giác BCF.

Ta có: $\mathrm{\angle }EBF=\mathrm{\angle }EBD+\mathrm{\angle }DBF$.

Mà $\mathrm{\angle }EBD=\mathrm{\angle }EBC=\mathrm{\angle }EAC=\mathrm{\angle }BAF$ (hai góc nội tiếp cùng chắn cung EC và AE là phân giác của góc A).

$\mathrm{\angle }DBF=\mathrm{\angle }ABF$ (do F là tâm đường nội tiếp tam giác ABC nên BF là phân giác của $\mathrm{\angle }ABC$)

$\Rightarrow \mathrm{\angle }EBF=\mathrm{\angle }BAF+\mathrm{\angle }ABF=\mathrm{\angle }EFB$ (góc ngoài bằng tổng hai góc trong không kề với nó).

$\Rightarrow \mathrm{\Delta }EBF$ cân tại E (định nghĩa) $\Rightarrow EB=EF$ (tính chất).

Mà $EB=EC\left(cmt\right)$ $\Rightarrow EB=EC=EF$.

Vậy E là tâm đường tròn ngoại tiếp tam giác BCF (đpcm).

Xác định vị trí điểm A để bốn điểm H, N, I, K thẳng hàng.

Xét tứ giác BHEI có: $\mathrm{\angle }BHE+\mathrm{\angle }BIE={90}^0+{90}^0={180}^0$

Mà hai đỉnh H, I đối nhau nên BHEI là tứ giác nội tiếp đường tròn tâm N đường kính BE (dhnb)

$\Rightarrow \mathrm{\angle }BIH=\mathrm{\angle }BEH$ (hai góc nội tiếp cùng chắn cung BH)

Xét tứ giác CEIK có: $\mathrm{\angle }CIE=\mathrm{\angle }CKE={90}^0$

Mà I, K kề nhau cùng nhìn EC dưới hai góc bằng nhau nên CEIK là tứ giác nội tiếp (dhnb)

$\Rightarrow \mathrm{\angle }KIC=\mathrm{\angle }KEC$ (hai góc nội tiếp cùng chắn cung KC)

Mà $\mathrm{\Delta }EBH=\mathrm{\Delta }ECK$ (theo ý b) nên $\mathrm{\angle }BEH=\mathrm{\angle }KEC$ (hai góc tương ứng)

$\Rightarrow \mathrm{\angle }BIH=\mathrm{\angle }KIC$.

Mà $\mathrm{\angle }BIH+\mathrm{\angle }HIC={180}^0$ (kề bù) $\Rightarrow \mathrm{\angle }KIC+\mathrm{\angle }HIC={180}^0\Rightarrow \mathrm{\angle }HIK={180}^0$

=> H, I, K thẳng hàng.

Để H, N, I, K thẳng hàng thì cần H, N, I thẳng hàng.

Vì BHEI là tứ giác nội tiếp đường tròn tâm N đường kính BE (cmt) nên NH = NI.

Mà H, N, I thẳng hàng => N là trung điểm của HI.

Mà N lại là trung điểm của BE

=> BHEI là hình bình hành (dhnb).

Lại có $\mathrm{\angle }BHE={90}^0\left(gt\right)$ => BHEI là hình chữ nhật (dhnb)

$\Rightarrow \mathrm{\angle }HBI={90}^0\Rightarrow \mathrm{\angle }ABC={90}^0$.

$\Rightarrow \mathrm{\Delta }ABC$ vuông tại B.

Vậy A nằm trên đường tròn (O) sao cho $\mathrm{\Delta }ABC$ vuông tại B.

Câu 10 (VDC):

Cách giải:

Phương trình $a{x}^2+bx+c+2023=0$ nhận $x=1$ là nghiệm nên ta có: $a+b+c+2023=0\iff a+b+c=-2023$

Với mọi $a,b,c\in \mathbb{R}$ ta có: ${\left(a-b\right)}^2\ge 0;{\left(b-c\right)}^2\ge 0;{\left(c-a\right)}^2\ge 0$

Khi đó:

$\begin{array}{l}P=\sqrt{{\left(a+b\right)}^2+2{\left(a-b\right)}^2}+\sqrt{{\left(b+c\right)}^2+4{\left(b-c\right)}^2}+\sqrt{{\left(c+a\right)}^2+5{\left(c-a\right)}^2}\\ \ge \sqrt{{\left(a+b\right)}^2}+\sqrt{{\left(b+c\right)}^2}+\sqrt{{\left(c+a\right)}^2}\\ =\left|a+b\right|+\left|b+c\right|+\left|c+a\right|\\ \ge \left|2\left(a+b+c\right)\right|=2.2023=4046\end{array}$

Dấu “=” xảy ra khi và chỉ khi $a=b=c=\frac{-2023}{3}$

Vậy giá trị nhỏ nhất của P là 4046 khi $a=b=c=\frac{-2023}{3}$.

-----HẾT-----